- 相關(guān)推薦
什么叫抽屜原理
參考資料一：
抽屜原理
修改詞條
抽屜原理又稱鴿巢原理，它是組合數(shù)學(xué)的一個(gè)基本原理，最先是由德國(guó)數(shù)學(xué)家狹利克雷明確地提出來(lái)的，因此，也稱為狹利克雷原理。它是德國(guó)數(shù)學(xué)家狄利克雷首先明確的提出來(lái)并用以證明一些數(shù)論中的問(wèn)題，因此，也稱為狄利克雷原理。它是組合數(shù)學(xué)中一個(gè)重要的原理。[1]
基本說(shuō)
抽屜原理示意圖桌上有十個(gè)蘋果，要把這十個(gè)蘋果放到九個(gè)抽屜里，無(wú)論怎樣放，有的抽屜能夠放一個(gè)，有的能夠放兩個(gè)，有的能夠放五個(gè)，但最終我們會(huì)發(fā)現(xiàn)至少我們能夠找到一個(gè)抽屜里面至少放兩個(gè)蘋果。這一現(xiàn)象就是我們所說(shuō)的抽屜原理。[2]
抽屜原理的一般含義為：“如果每個(gè)抽屜代表一個(gè)集合，每一個(gè)蘋果就能夠代表一個(gè)元素，假如有n＋1或多于n＋1個(gè)元素放到n個(gè)集合中去，其中必定至少有一個(gè)集合里至少有兩個(gè)元素。”
抽屜原理有時(shí)也被稱為鴿巢原理（“如果有五個(gè)鴿子籠，養(yǎng)鴿人養(yǎng)了6只鴿子，那么當(dāng)鴿子飛回籠中后，至少有一個(gè)籠子中裝有2只鴿子”）。它是德國(guó)數(shù)學(xué)家狄利克雷首先明確的提出來(lái)并用以證明一些數(shù)論中的問(wèn)題，因此，也稱為狄利克雷原理。它是組合數(shù)學(xué)中一個(gè)重要的原理。
參考資料二：
什么是抽屜原理？
（1）舉例
桌上有十個(gè)蘋果，要把這十個(gè)蘋果放到九個(gè)抽屜里，無(wú)論怎樣放，有的抽屜能夠放一個(gè)，有的能夠放兩個(gè)，有的能夠放五個(gè)，但最終我們會(huì)發(fā)現(xiàn)至少我們能夠找到一個(gè)抽屜里面至少放兩個(gè)蘋果。
�。�2）定義
一般狀況下，把n＋1或多于n＋1個(gè)蘋果放到n個(gè)抽屜里，其中必定至少有一個(gè)抽屜里至少有兩個(gè)蘋果。我們稱這種現(xiàn)象為抽屜原理。
參考資料三：
桌上有十個(gè)蘋果，要把這十個(gè)蘋果放到九個(gè)抽屜里，無(wú)論怎樣放，有的抽屜能夠放一個(gè)，有的能夠放兩個(gè)，有的能夠放五個(gè)，但最終我們會(huì)發(fā)現(xiàn)至少我們能夠找到一個(gè)抽屜里面至少放兩個(gè)蘋果。這一現(xiàn)象就是我們所說(shuō)的抽屜原理。
抽屜原理的一般含義為：“如果每個(gè)抽屜代表一個(gè)集合，每一個(gè)蘋果就能夠代表一個(gè)元素，假如有n＋1或多于n＋1個(gè)元素放到n個(gè)集合中去，其中必定至少有一個(gè)集合里至少有兩個(gè)元素。”
抽屜原理有時(shí)也被稱為鴿巢原理（“如果有五個(gè)鴿子籠，養(yǎng)鴿人養(yǎng)了6只鴿子，那么當(dāng)鴿子飛回籠中后，至少有一個(gè)籠子中裝有2只鴿子”）。它是德國(guó)數(shù)學(xué)家狄利克雷首先明確的提出來(lái)并用以證明一些數(shù)論中的問(wèn)題，因此，也稱為狄利克雷原理。它是組合數(shù)學(xué)中一個(gè)重要的原理。
一．抽屜原理最常見(jiàn)的形式
原理1把多于n個(gè)的物體放到n個(gè)抽屜里，則至少有一個(gè)抽屜里有2個(gè)或2個(gè)以上的物體。
[證明]（反證法）：如果每個(gè)抽屜至多只能放進(jìn)一個(gè)物體，那么物體的總數(shù)至多是n，而不是題設(shè)的n+k(k≥1)，這不可能。
原理2把多于mn個(gè)的物體放到n個(gè)抽屜里，則至少有一個(gè)抽屜里有m+1個(gè)或多于m+1個(gè)的物體。
[證明]（反證法）：若每個(gè)抽屜至多放進(jìn)m個(gè)物體，那么n個(gè)抽屜至多放進(jìn)mn個(gè)物體，與題設(shè)不符，故不可能。
原理12都是第一抽屜原理的表述
第二抽屜原理：
把（mn－1）個(gè)物體放入n個(gè)抽屜中，其中必有一個(gè)抽屜中至多有（m—1）個(gè)物體。
[證明]（反證法）：若每個(gè)抽屜都有不少于m個(gè)物體，則總共至少有mn個(gè)物體，與題設(shè)矛盾，故不可能
二．應(yīng)用抽屜原明白題
抽屜原理的資料簡(jiǎn)明樸素，易于理解，它在數(shù)學(xué)問(wèn)題中有重要的作用。許多有關(guān)存在性的證明都可用它來(lái)解決。
例1：400人中至少有兩個(gè)人的生日相同。
解：將一年中的366天視為366個(gè)抽屜，400個(gè)人看作400個(gè)物體，由抽屜原理1能夠得知：至少有兩人的生日相同。
又如：我們從街上隨便找來(lái)13人，就可斷定他們中至少有兩個(gè)人屬相相同。
“從任意5雙手套中任取6只，其中至少有2只恰為一雙手套。”
“從數(shù)1，2，。。。，10中任取6個(gè)數(shù)，其中至少有2個(gè)數(shù)為奇偶性不一樣。”
例2：幼兒園買來(lái)了不少白兔、熊貓、長(zhǎng)頸鹿塑料玩具，每個(gè)小朋友任意選取兩件，那么不管怎樣挑選，在任意七個(gè)小朋友中總有兩個(gè)彼此選的玩具都相同，試說(shuō)明道理。
解：從三種玩具中挑選兩件，搭配方式只能是下方六種：（兔、兔），（兔、熊貓），（兔、長(zhǎng)頸鹿），（熊貓、熊貓），（熊貓、長(zhǎng)頸鹿），（長(zhǎng)頸鹿、長(zhǎng)頸鹿）。把每種搭配方式看作一個(gè)抽屜，把7個(gè)小朋友看作物體，那么根據(jù)原理1，至少有兩個(gè)物體要放進(jìn)同一個(gè)抽屜里，也就是說(shuō)，至少兩人挑選玩具采用同一搭配方式，選的玩具相同。
上方數(shù)例論證的似乎都是“存在”、“總有”、“至少有”的問(wèn)題，不錯(cuò)，這正是抽屜原則的主要作用。（需要說(shuō)明的是，運(yùn)用抽屜原則只是肯定了“存在”、“總有”、“至少有”，卻不能確切地指出哪個(gè)抽屜里存在多少。）
抽屜原理雖然簡(jiǎn)單，但應(yīng)用卻很廣泛，它能夠解答很多搞笑的問(wèn)題，其中有些問(wèn)題還具有相當(dāng)?shù)碾y度。下方我們來(lái)研究有關(guān)的一些問(wèn)題。
�。ㄒ唬┱龁�(wèn)題
把所有整數(shù)按照除以某個(gè)自然數(shù)m的余數(shù)分為m類，叫做m的剩余類或同余類，用[0]，[1]，[2]，…，[m-1]表示。每一個(gè)類內(nèi)含無(wú)窮多個(gè)數(shù)，例如[1]中內(nèi)含1，m+1，2m＋1，3m＋1，…。在研究與整除有關(guān)的問(wèn)題時(shí)，常用剩余類作為抽屜。根據(jù)抽屜原理，能夠證明：任意n+1個(gè)自然數(shù)中，總有兩個(gè)自然數(shù)的差是n的倍數(shù)。
例1證明：任取8個(gè)自然數(shù)，必有兩個(gè)數(shù)的差是7的倍數(shù)。
分析與解答在與整除有關(guān)的問(wèn)題中有這樣的性質(zhì)，如果兩個(gè)整數(shù)a、b，它們除以自然數(shù)m的余數(shù)相同，那么它們的差a-b是m的倍數(shù)。根據(jù)這個(gè)性質(zhì)，本題只需證明這8個(gè)自然數(shù)中有2個(gè)自然數(shù)，它們除以7的余數(shù)相同。我們能夠把所有自然數(shù)按被7除所得的7種不一樣的余數(shù)0、1、2、3、4、5、6分成七類。也就是7個(gè)抽屜。任取8個(gè)自然數(shù)，根據(jù)抽屜原理，必有兩個(gè)數(shù)在同一個(gè)抽屜中，也就是它們除以7的余數(shù)相同，因此這兩個(gè)數(shù)的差必須是7的倍數(shù)。
例2：對(duì)于任意的五個(gè)自然數(shù)，證明其中必有3個(gè)數(shù)的和能被3整除。
證明∵任何數(shù)除以3所得余數(shù)只能是0，1，2，不妨分別構(gòu)造為3個(gè)抽屜：
[0]，[1]，[2]
①若這五個(gè)自然數(shù)除以3后所得余數(shù)分別分布在這3個(gè)抽屜中，我們從這三個(gè)抽屜中各取1個(gè)，其和必能被3整除。
�、谌暨@5個(gè)余數(shù)分布在其中的兩個(gè)抽屜中，則其中必有一個(gè)抽屜，包內(nèi)含3個(gè)余數(shù)（抽屜原理），而這三個(gè)余數(shù)之和或?yàn)?，或?yàn)?，或?yàn)?，故所對(duì)應(yīng)的3個(gè)自然數(shù)之和是3的倍數(shù)。
�、廴暨@5個(gè)余數(shù)分布在其中的一個(gè)抽屜中，很顯然，必有3個(gè)自然數(shù)之和能被3整除。
例2′：對(duì)于任意的11個(gè)整數(shù)，證明其中必須有6個(gè)數(shù)，它們的和能被6整除。
證明：設(shè)這11個(gè)整數(shù)為：a1，a2，a3……a11又6=2×3
�、傧人伎急�3整除的情形
由例2知，在11個(gè)任意整數(shù)中，必存在：
3|a1+a2+a3，不妨設(shè)a1+a2+a3=b1；
同理，剩下的8個(gè)任意整數(shù)中，由例2，必存在：3|a4+a5+a6。設(shè)a4+a5+a6=b2；
同理，其余的5個(gè)任意整數(shù)中，有：3|a7+a8+a9，設(shè)：a7+a8+a9=b3
�、谠偎伎糱1、b2、b3被2整除。
依據(jù)抽屜原理，b1、b2、b3這三個(gè)整數(shù)中，至少有兩個(gè)是同奇或同偶，這兩個(gè)同奇（或同偶）的整數(shù)之和必為偶數(shù)。不妨設(shè)2|b1+b2
則：6|b1+b2，即：6|a1+a2+a3+a4+a5+a6
∴任意11個(gè)整數(shù)，其中必有6個(gè)數(shù)的和是6的倍數(shù)。
例3：任意給定7個(gè)不一樣的自然數(shù)，求證其中必有兩個(gè)整數(shù)，其和或差是10的倍數(shù)。
分析：注意到這些數(shù)隊(duì)以10的余數(shù)即個(gè)位數(shù)字，以0，1，…，9為標(biāo)準(zhǔn)制造10個(gè)抽屜，標(biāo)以[0]，[1]，…，[9]。若有兩數(shù)落入同一抽屜，其差是10的倍數(shù)，只是僅有7個(gè)自然數(shù)，似不便運(yùn)用抽屜原則，再作調(diào)整：[6]，[7]，[8]，[9]四個(gè)抽屜分別與[4]，[3]，[2]，[1]合并，則可保證至少有一個(gè)抽屜里有兩個(gè)數(shù)，它們的和或差是10的倍數(shù)。
�。ǘ┟娣e問(wèn)題
例：九條直線中的每一條直線都將正方形分成面積比為2:3的梯形，證明：這九條直線中至少有三條經(jīng)過(guò)同一點(diǎn)。
證明：如圖，設(shè)直線EF將正方形分成兩個(gè)梯形，作中位線MN。由于這兩個(gè)梯形的高相等，故它們的面積之比等于中位線長(zhǎng)的比，即|MH|:|NH|。于是點(diǎn)H有確定的位置（它在正方形一對(duì)對(duì)邊中點(diǎn)的連線上，且|MH|:|NH|＝2:3）。由幾何上的對(duì)稱性，這種點(diǎn)共有四個(gè)（即圖中的H、J、I、K）。已知的九條適合條件的分割直線中的每一條務(wù)必經(jīng)過(guò)H、J、I、K這四點(diǎn)中的一點(diǎn)。把H、J、I、K看成四個(gè)抽屜，九條直線當(dāng)成9個(gè)物體，即可得出必定有3條分割線經(jīng)過(guò)同一點(diǎn)。
�。ㄈ┤旧珕�(wèn)題
例1正方體各面上涂上紅色或藍(lán)色的油漆（每面只涂一種色），證明正方體必須有三個(gè)面顏色相同。
證明：把兩種顏色當(dāng)作兩個(gè)抽屜，把正方體六個(gè)面當(dāng)作物體，那么6=2×2+2，根據(jù)原理二，至少有三個(gè)面涂上相同的顏色。
例2有5個(gè)小朋友，每人都從裝有許多黑白圍棋子的布袋中任意摸出3枚棋子。請(qǐng)你證明，這5個(gè)人中至少有兩個(gè)小朋友摸出的棋子的顏色的配組是一樣的。
分析與解答首先要確定3枚棋子的顏色能夠有多少種不一樣的狀況，能夠有：3黑，2黑1白，1黑2白，3白共4種配組狀況，看作4個(gè)抽屜。根據(jù)抽屜原理，至少有兩個(gè)小朋友摸出的棋子的顏色在同一個(gè)抽屜里，也就是他們所拿棋子的顏色配組是一樣的。
例3：假設(shè)在一個(gè)平面上有任意六個(gè)點(diǎn)，無(wú)三點(diǎn)共線，每?jī)牲c(diǎn)用紅色或藍(lán)色的線段連起來(lái)，都連好后，問(wèn)你能不能找到一個(gè)由這些線構(gòu)成的三角形，使三角形的三邊同色？
解：首先能夠從這六個(gè)點(diǎn)中任意選取一點(diǎn)，然后把這一點(diǎn)到其他五點(diǎn)間連五條線段，如圖，在這五條線段中，至少有三條線段是同一種顏色，假定是紅色，此刻我們?cè)賳为?dú)來(lái)研究這三條紅色的線。這三條線段的另一端或許是不一樣顏色，假設(shè)這三條線段（虛線）中其中一條是紅色的，那么這條紅色的線段和其他兩條紅色的線段便組成了我們所需要的同色三角形，如果這三條線段都是藍(lán)色的，那么這三條線段也組成我們所需要的同色三角形。因而無(wú)論怎樣著色，在這六點(diǎn)之間的所有線段中至少能找到一個(gè)同色三角形。
例3′（六人集會(huì)問(wèn)題）證明在任意6個(gè)人的集會(huì)上，或者有3個(gè)人以前彼此相識(shí)，或者有三個(gè)人以前彼此不相識(shí)。”
例3”：17個(gè)科學(xué)家中每個(gè)人與其余16個(gè)人通信，他們通信所討論的僅有三個(gè)問(wèn)題，而任兩個(gè)科學(xué)家之間通信討論的是同一個(gè)問(wèn)題。證明：至少有三個(gè)科學(xué)家通信時(shí)討論的是同一個(gè)問(wèn)題。
解：不妨設(shè)A是某科學(xué)家，他與其余16位討論僅三個(gè)問(wèn)題，由鴿籠原理知，他至少與其中的6位討論同一問(wèn)題。設(shè)這6位科學(xué)家為B，C，D，E，F(xiàn)，G，討論的是甲問(wèn)題。
若這6位中有兩位之間也討論甲問(wèn)題，則結(jié)論成立。否則他們6位只討論乙、丙兩問(wèn)題。這樣又由鴿籠原理知B至少與另三位討論同一問(wèn)題，不妨設(shè)這三位是C，D，E，且討論的是乙問(wèn)題。
若C，D，E中有兩人也討論乙問(wèn)題，則結(jié)論也就成立了。否則，他們間只討論丙問(wèn)題，這樣結(jié)論也成立。
三．制造抽屜是運(yùn)用原則的一大關(guān)鍵
例1從2、4、6、…、30這15個(gè)偶數(shù)中，任取9個(gè)數(shù)，證明其中必須有兩個(gè)數(shù)之和是34。
分析與解答我們用題目中的15個(gè)偶數(shù)制造8個(gè)抽屜：
凡是抽屜中有兩個(gè)數(shù)的，都具有一個(gè)共同的特點(diǎn)：這兩個(gè)數(shù)的和是34�，F(xiàn)從題目中的15個(gè)偶數(shù)中任取9個(gè)數(shù)，由抽屜原理（正因抽屜只有8個(gè)），必有兩個(gè)數(shù)在同一個(gè)抽屜中。由制造的抽屜的特點(diǎn)，這兩個(gè)數(shù)的和是34。
例2：從1、2、3、4、…、19、20這20個(gè)自然數(shù)中，至少任選幾個(gè)數(shù)，就能夠保證其中必須包括兩個(gè)數(shù)，它們的差是12。
分析與解答在這20個(gè)自然數(shù)中，差是12的有以下8對(duì)：｛20，8｝，｛19，7｝，｛18，6｝，｛17，5｝，｛16，4｝，｛15，3｝，｛14，2｝，｛13，1｝。
另外還有4個(gè)不能配對(duì)的數(shù)｛9｝，｛10｝，｛11｝，｛12｝，共制成12個(gè)抽屜（每個(gè)括號(hào)看成一個(gè)抽屜）。只要有兩個(gè)數(shù)取自同一個(gè)抽屜，那么它們的差就等于12，根據(jù)抽屜原理至少任選13個(gè)數(shù)，即可辦到（取12個(gè)數(shù)：從12個(gè)抽屜中各取一個(gè)數(shù)（例如取1，2，3，…，12），那么這12個(gè)數(shù)中任意兩個(gè)數(shù)的差必不等于12）。
例3：從1到20這20個(gè)數(shù)中，任取11個(gè)數(shù)，必有兩個(gè)數(shù)，其中一個(gè)數(shù)是另一個(gè)數(shù)的倍數(shù)。
分析與解答根據(jù)題目所要求證的問(wèn)題，應(yīng)思考按照同一抽屜中，任意兩數(shù)都具有倍數(shù)關(guān)聯(lián)的原則制造抽屜。把這20個(gè)數(shù)按奇數(shù)及其倍數(shù)分成以下十組，看成10個(gè)抽屜（顯然，它們具有上述性質(zhì)）：
�。�1，2，4，8，16｝，｛3，6，12｝，｛5，10，20｝，｛7，14｝，｛9，18｝，｛11｝，｛13｝，｛15｝，｛17｝，｛19｝。
從這10個(gè)數(shù)組的20個(gè)數(shù)中任取11個(gè)數(shù)，根據(jù)抽屜原理，至少有兩個(gè)數(shù)取自同一個(gè)抽屜。由于凡在同一抽屜中的兩個(gè)數(shù)都具有倍數(shù)關(guān)聯(lián)，因此這兩個(gè)數(shù)中，其中一個(gè)數(shù)必須是另一個(gè)數(shù)的倍數(shù)。
例4：某校校慶，來(lái)了n位校友，彼此認(rèn)識(shí)的握手問(wèn)候。請(qǐng)你證明無(wú)論什么狀況，在這n個(gè)校友中至少有兩人握手的次數(shù)一樣多。
分析與解答共有n位校友，每個(gè)人握手的次數(shù)最少是0次，即這個(gè)人與其他校友都沒(méi)有握過(guò)手；最多有n-1次，即這個(gè)人與每位到會(huì)校友都握了手。然而，如果有一個(gè)校友握手的次數(shù)是0次，那么握手次數(shù)最多的不能多于n-2次；如果有一個(gè)校友握手的次數(shù)是n-1次，那么握手次數(shù)最少的不能少于1次。不管是前一種狀態(tài)0、1、2、…、n-2，還是后一種狀態(tài)1、2、3、…、n-1，握手次數(shù)都只有n-1種狀況。把這n-1種狀況看成n-1個(gè)抽屜，到會(huì)的n個(gè)校友每人按照其握手的次數(shù)歸入相應(yīng)的“抽屜”，根據(jù)抽屜原理，至少有兩個(gè)人屬于同一抽屜，則這兩個(gè)人握手的次數(shù)一樣多。
在有些問(wèn)題中，“抽屜”和“物體”不是很明顯的，需要精心制造“抽屜”和“物體”。如何制造“抽屜”和“物體”可能是很困難的，一方面需要認(rèn)真地分析題目中的條件和問(wèn)題，另一方面需要多做一些題積累經(jīng)驗(yàn)。
抽屜原理
把八個(gè)蘋果任意地放進(jìn)七個(gè)抽屜里，不論怎樣放，至少有一個(gè)抽屜放有兩個(gè)或兩個(gè)以上的蘋果。抽屜原則有時(shí)也被稱為鴿巢原理，它是德國(guó)數(shù)學(xué)家狄利克雷首先明確的提出來(lái)并用以證明一些數(shù)論中的問(wèn)題，因此，也稱為狄利克雷原則。它是組合數(shù)學(xué)中一個(gè)重要的原理。把它推廣到一般情形有以下幾種表現(xiàn)形式。
形式一：證明：設(shè)把n＋1個(gè)元素分為n個(gè)集合A1，A2，…，An，用a1，a2，…，an表示這n個(gè)集合里相應(yīng)的元素個(gè)數(shù)，需要證明至少存在某個(gè)ai大于或等于2（用反證法）假設(shè)結(jié)論不成立，即對(duì)每一個(gè)ai都有ai＜2，則正因ai是整數(shù)，應(yīng)有ai≤1，于是有：
a1＋a2＋…＋an≤1＋1＋…＋1＝n＜n＋1這與題設(shè)矛盾。因此，至少有一個(gè)ai≥2，即必有一個(gè)集合中內(nèi)含兩個(gè)或兩個(gè)以上的元素。
形式二：設(shè)把n?m＋1個(gè)元素分為n個(gè)集合A1，A2，…，An，用a1，a2，…，an表示這n個(gè)集合里相應(yīng)的元素個(gè)數(shù)，需要證明至少存在某個(gè)ai大于或等于m＋1。用反證法）假設(shè)結(jié)論不成立，即對(duì)每一個(gè)ai都有ai＜m＋1，則正因ai是整數(shù)，應(yīng)有ai≤m，于是有：
a1＋a2＋…＋an≤m＋m＋…＋m＝n?m＜n?m＋1
n個(gè)m這與題設(shè)相矛盾。因此，至少有存在一個(gè)ai≥m＋1
高斯函數(shù)：對(duì)任意的實(shí)數(shù)x，[x]表示“不大于x的最大整數(shù)”。
例如：[3。5]＝3，[2。9]＝2，[－2。5]＝－3，[7]＝7，……一般地，我們有：[x]≤x＜[x]＋1
形式三：證明：設(shè)把n個(gè)元素分為k個(gè)集合A1，A2，…，Ak，用a1，a2，…，ak表示這k個(gè)集合里相應(yīng)的元素個(gè)數(shù)，需要證明至少存在某個(gè)ai大于或等于[n/k]。（用反證法）假設(shè)結(jié)論不成立，即對(duì)每一個(gè)ai都有ai＜[n/k]，于是有：
a1＋a2＋…＋ak＜[n/k]+[n/k]+…+[n/k]＝k?[n/k]≤k?(n/k)＝n
k個(gè)[n/k]∴a1＋a2＋…＋ak＜n這與題設(shè)相矛盾。因此，必有一個(gè)集合中元素個(gè)數(shù)大于或等于[n/k]
形式四：證明：設(shè)把q1＋q2＋…＋qn－n＋1個(gè)元素分為n個(gè)集合A1，A2，…，An，用a1，a2，…，an表示這n個(gè)集合里相應(yīng)的元素個(gè)數(shù)，需要證明至少存在某個(gè)i，使得ai大于或等于qi。（用反證法）假設(shè)結(jié)論不成立，即對(duì)每一個(gè)ai都有ai＜qi，正因ai為整數(shù)，應(yīng)有ai≤qi－1，于是有：a1＋a2＋…＋an≤q1＋q2＋…＋qn－n＜q1＋q2＋…＋qn－n＋1這與題設(shè)矛盾。
因此，假設(shè)不成立，故必有一個(gè)i，在第i個(gè)集合中元素個(gè)數(shù)ai≥qi
形式五：證明：（用反證法）將無(wú)窮多個(gè)元素分為有限個(gè)集合，假設(shè)這有限個(gè)集合中的元素的個(gè)數(shù)都是有限個(gè)，則有限個(gè)有限數(shù)相加，所得的數(shù)必是有限數(shù)，這就與題設(shè)產(chǎn)生矛盾，因此，假設(shè)不成立，故必有一個(gè)集合內(nèi)含無(wú)窮多個(gè)元素。
例題1：400人中至少有兩個(gè)人的生日相同。分析：生日從1月1日排到12月31日，共有366個(gè)不相同的生日，我們把366個(gè)不一樣的生日看作366個(gè)抽屜，400人視為400個(gè)蘋果，由表現(xiàn)形式1可知，至少有兩人在同一個(gè)抽屜里，因此這400人中有兩人的生日相同。
解：將一年中的366天視為366個(gè)抽屜，400個(gè)人看作400個(gè)蘋果，由抽屜原理的表現(xiàn)形式1能夠得知：至少有兩人的生日相同。
例題2：任取5個(gè)整數(shù)，必然能夠從中選出三個(gè)，使它們的和能夠被3整除。
證明：任意給一個(gè)整數(shù)，它被3除，余數(shù)可能為0，1，2，我們把被3除余數(shù)為0，1，2的整數(shù)各歸入類r0，r1，r2。至少有一類包含所給5個(gè)數(shù)中的至少兩個(gè)。因此可能出現(xiàn)兩種狀況：1°。某一類至少包含三個(gè)數(shù)；2°。某兩類各含兩個(gè)數(shù)，第三類包含一個(gè)數(shù)。
若是第一種狀況，就在至少包含三個(gè)數(shù)的那一類中任取三數(shù)，其和必須能被3整除；若是第二種狀況，在三類中各取一個(gè)數(shù)，其和也能被3整除。。綜上所述，原命題正確。
例題3：某校派出學(xué)生204人上山植樹(shù)15301株，其中最少一人植樹(shù)50株，最多一人植樹(shù)100株，則至少有5人植樹(shù)的株數(shù)相同。
證明：按植樹(shù)的多少，從50到100株能夠構(gòu)造51個(gè)抽屜，則個(gè)問(wèn)題就轉(zhuǎn)化為至少有5人植樹(shù)的株數(shù)在同一個(gè)抽屜里。
(用反證法)假設(shè)無(wú)5人或5人以上植樹(shù)的株數(shù)在同一個(gè)抽屜里，那只有5人以下植樹(shù)的株數(shù)在同一個(gè)抽屜里，而參加植樹(shù)的人數(shù)為204人，因此，每個(gè)抽屜最多有4人，故植樹(shù)的總株數(shù)最多有：
4(50＋51＋…＋100)＝4×＝15300＜15301得出矛盾。因此，至少有5人植樹(shù)的株數(shù)相同。
練習(xí)：1．邊長(zhǎng)為1的等邊三角形內(nèi)有5個(gè)點(diǎn)，那么這5個(gè)點(diǎn)中必須有距離小于0。5的兩點(diǎn)。
2．邊長(zhǎng)為1的等邊三角形內(nèi)，若有n2＋1個(gè)點(diǎn)，則至少存在2點(diǎn)距離小于。
3．求證：任意四個(gè)整數(shù)中，至少有兩個(gè)整數(shù)的差能夠被3整除。
4．某校高一某班有50名新生，試說(shuō)明其中必須有二人的熟人一樣多。
5．某個(gè)年級(jí)有202人參加考試，滿分為100分，且得分都為整數(shù)，總得分為10101分，則至少有3人得分相同。
“任意367個(gè)人中，必有生日相同的人。”
“從任意5雙手套中任取6只，其中至少有2只恰為一雙手套。”
“從數(shù)1，2，。。。，10中任取6個(gè)數(shù)，其中至少有2個(gè)數(shù)為奇偶性不一樣。”
。。。。。。
大家都會(huì)認(rèn)為上方所述結(jié)論是正確的。這些結(jié)論是依據(jù)什么原理得出的呢？這個(gè)原理叫做抽屜原理。它的資料能夠用形象的語(yǔ)言表述為：
“把m個(gè)東西任意分放進(jìn)n個(gè)空抽屜里（m>n），那么必須有一個(gè)抽屜中放進(jìn)了至少2個(gè)東西。”
在上方的第一個(gè)結(jié)論中，由于一年最多有366天，因此在367人中至少有2人出生在同月同日。這相當(dāng)于把367個(gè)東西放入366個(gè)抽屜，至少有2個(gè)東西在同一抽屜里。在第二個(gè)結(jié)論中，不妨想象將5雙手套分別編號(hào)，即號(hào)碼為1，2，。。。，5的手套各有兩只，同號(hào)的兩只是一雙。任取6只手套，它們的編號(hào)至多有5種，因此其中至少有兩只的號(hào)碼相同。這相當(dāng)于把6個(gè)東西放入5個(gè)抽屜，至少有2個(gè)東西在同一抽屜里。
抽屜原理的一種更一般的表述為：
“把多于kn個(gè)東西任意分放進(jìn)n個(gè)空抽屜（k是正整數(shù)），那么必須有一個(gè)抽屜中放進(jìn)了至少k+1個(gè)東西。”
利用上述原理容易證明：“任意7個(gè)整數(shù)中，至少有3個(gè)數(shù)的兩兩之差是3的倍數(shù)。”正因任一整數(shù)除以3時(shí)余數(shù)只有0、1、2三種可能，因此7個(gè)整數(shù)中至少有3個(gè)數(shù)除以3所得余數(shù)相同，即它們兩兩之差是3的倍數(shù)。
如果問(wèn)題所討論的對(duì)象有無(wú)限多個(gè)，抽屜原理還有另一種表述：
“把無(wú)限多個(gè)東西任意分放進(jìn)n個(gè)空抽屜（n是自然數(shù)），那么必須有一個(gè)抽屜中放進(jìn)了無(wú)限多個(gè)東西。”
抽屜原理的資料簡(jiǎn)明樸素，易于理解，它在數(shù)學(xué)問(wèn)題中有重要的作用。許多有關(guān)存在性的證明都可用它來(lái)解決。
1958年6/7月號(hào)的《美國(guó)數(shù)學(xué)月刊》上有這樣一道題目：
“證明在任意6個(gè)人的集會(huì)上，或者有3個(gè)人以前彼此相識(shí)，或者有三個(gè)人以前彼此不相識(shí)。”
這個(gè)問(wèn)題能夠用如下方法簡(jiǎn)單明了地證出：
在平面上用6個(gè)點(diǎn)A、B、C、D、E、F分別代表參加集會(huì)的任意6個(gè)人。如果兩人以前彼此認(rèn)識(shí)，那么就在代表他們的兩點(diǎn)間連成一條紅線；否則連一條藍(lán)線。思考A點(diǎn)與其余各點(diǎn)間的5條連線AB，AC，。。。，AF，它們的顏色不超過(guò)2種。根據(jù)抽屜原理可知其中至少有3條連線同色，不妨設(shè)AB，AC，AD同為紅色。如果BC，BD，CD3條連線中有一條（不妨設(shè)為BC）也為紅色，那么三角形ABC即一個(gè)紅色三角形，A、B、C代表的3個(gè)人以前彼此相識(shí)：如果BC、BD、CD3條連線全為藍(lán)色，那么三角形BCD即一個(gè)藍(lán)色三角形，B、C、D代表的3個(gè)人以前彼此不相識(shí)。不論哪種情形發(fā)生，都貼合問(wèn)題的結(jié)論。
六人集會(huì)問(wèn)題是組合數(shù)學(xué)中著名的拉姆塞定理的一個(gè)最簡(jiǎn)單的特例，這個(gè)簡(jiǎn)單問(wèn)題的證明思想可用來(lái)得出另外一些深入的結(jié)論。這些結(jié)論構(gòu)成了組合數(shù)學(xué)中的重要資料-----拉姆塞理論。從六人集會(huì)問(wèn)題的證明中，我們又一次看到了抽屜原理的應(yīng)用。
【什么叫抽屜原理】相關(guān)文章：
《抽屜原理》的教后反思10-06
抽屜原理教學(xué)反思（精選12篇）06-17
抽屜原理教學(xué)反思（精選8篇）10-06
抽屜原理的教學(xué)反思（通用3篇）10-06
抽屜原理教學(xué)反思（通用3篇）10-07
數(shù)學(xué)廣角《抽屜原理》教后反思范文10-06
抽屜原理優(yōu)秀的教學(xué)反思（通用5篇）10-05
抽屜原理教學(xué)設(shè)計(jì)范文（通用5篇）10-06
什么叫懂你10-07